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新学高考:2021年高考物理全国甲卷试卷分析

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2021年高考物理全国甲卷强化基础性考查,优化情境设计,增强试题灵活性,深化关键能力考查,充分发挥高考命题的育人功能和积极导向作用,

1、题目开放灵活,引导教学回归课标和教材,引导教学减少机械刷题,为中学物理教学引领方向。

考试题更加突出物理学科的基础性,中学物理课堂教学就应该紧紧围绕主干知识内容,重点放在核心概念和规律等方面教学,例如,选择题第15题以匀速圆周向心加速度公式为载体,公式很基础,但是需要考生从情境中建立起物理模型,进而想到相应公式。第19题以电场中的等势面为情境,考查学生对电场力做功、电势能等内容的系统理解。在计算题,第24题设计无动力小车通过减速带的情境,考查学生对机械能、功、动能定理等核心物理概念、规律的理解和运用。整体而言,很多题第一眼看,会稍觉陌生,但是所用公式,概念,定理都是最基础常用的,从而引导老师,学生夯实基础。

2、创设真实问题情境,引导学生加强学以致用,体现物理理论联系生活的特点。

物理试题加强理论联系实际,设计与生产实践、体育运动、科技前沿等方面紧密联系的实际情境,考查学生灵活运用所学物理知识分析解决问题的能力,在真实问题的解决中促进物理学科核心素养的达成。该试卷让我们意识到“物理来源于生活,生活中处处是物理”。例如,第15题,考察向心力公式,但是没有直接问,而是建立在一个“旋转纽扣”这个情境中,让题目更加灵活多变,贴近生活,物理不再是干巴巴的知识。再比如,第18题,以执行我国火星探测任务的“天问一号”探测器进入环绕火星椭圆形停泊轨道为情境,考查学生运用开普勒第三定律等知识解决实际问题的能力,鼓励学生拓展学科视野,关注国家科技进展,增强民族自信心与自豪感。

通过丰富试题的呈现形式、设置新颖的问题角度等方式,增强试题的灵活性,考查学生推理能力、分析综合能力等,引导学生培养关键能力和学科素养。

要求学生能够从图像中获取信息,建立文字图像等不同信息呈现方式之间的联系,从而构建正确的物理图景图像语言,增强了实体信息的广度和试题的综合性,考察学生的信息加工能力逻辑推理能力等关键能力。例如,选择题第17题通过呈现图像,给出某原子核经过α、β衰变后的中子数和质子数的图像,考查学生对α、β衰变机制的理解,就要求考生必须深入理解衰变本质。通过这些丰富的图像及考查学生知识获取和理解信息加工提取能力分析综合等方面的能力。

第14题以牛顿运动定律与斜面模型相结合,要求学生掌握三角函数中的倍角公式的应用。第25题以带电粒子在磁场中的偏转为情境,要求学生能够将题干的约束条件用数学公式表达,对学生应用数学处理物理问题的能力要求较高。

现在第一轮复习复习中,一定要有强烈的回归课本、强基固本的思想。找准基础知识的起点和缺失点,细读课本的边边角角,感受概念建立、规律形成的过程,筑牢基础,基本能力才能得以稳固增长。

课本的重要性在于它是知识与能力的出发点,是命题的第一素材。回归课本,就要以课本为本,找准基础知识的起点和缺失点,发现基础薄弱点或者知识链条中的断链;以课本为本,就要吃透课本,细读课本的边边角角,感受概念建立、规律形成的过程,精研实例分析、结论推论的意义,领会演示实验、实验探究的设计意图,总结示例、习题所隐含的基本思想方法……掌握课本知识,筑牢基础,基本能力才能得以稳固增长。

“应用数学处理物理问题的能力”包括列式、推理、求解、根据计算结果得出物理结论等,还包括能运用几何图形、函数图象进行表达和分析。在第二轮复习中,需要老师从最原始、最基础的地方给学生进行诠释和训练:主要使用数学语言进行表达,要求所描述的物理过程或状态意义明确、简捷完整,加强学生分析与解决物理问题的数学素养是物理复习教学的重要内容。

要选编好试题,就要切中学生存在的知识漏洞与思维障碍,强化学生基本方法技能;要能很好地体现不同物理情境类型、不同物体与过程模型、不同思想方法与手段、不同知识点组合方式的呈现;

讲评试题要充分利用好试题的拓展功用,培养发散思维,从一个问题联系一系列问题,从一个角度辐射到多个方面,开阔思路,扩大视野,挖掘学生潜能。实实在在做到“精讲”,应做到讲一题解决一类题型,用一法学会一类方法,讲一类题提升一个档次,让学生不断实现认知的飞跃,让学生掌握破解试题的金钥匙。

凡是考试说明中规定的知识内容,一定要全年复习,不可疏漏任何知识点!注意此阶段的复习和平时学习物理时一样,要杜绝死记硬背概念和公式!要在透彻理解的基础上进行记忆!

对于物理概念,要从定义式、变形式、物理意义、单位、标量矢量性等方面去深究!

对于定理定律的理解,要从实验角度、文字叙述、公式、实质、适用条件等方面进行全面的分析。

认真解答一定数量、较多类型的典型的物理题目!最有代表性的物理题当然首选是历年高考物理真题!对于重点题型要反复深入思考其考查的知识点、技巧、方法,对于这些题中所考查的知识点、方程、解答关键都要深入钻研。要从“质”和“量”两个方向去保证做题的多样性和有效性!

要把每一次的错误进行放大!决不可轻易放过任何错误!要通过分析总结错因,及时订正,同时把之前做过的同类型的题进行类似错误的同类归纳,整理成具有创造性的错题本!

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2021年高考全国甲卷物理试题 二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共8分。在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。 1. 如图,将光滑长平板的下端置于铁架台水平底座上的挡板P处,上部架在横杆上。横杆的位置可在竖直杆上调节,使得平板与底座之间的夹角θ可变。将小物块由平板与竖直杆交点Q处静止释放,物块沿平板从Q点滑至P点所用的时间t与夹角θ的大小有关。若由30°逐渐增大至60°,物块的下滑时间t将() A. 逐渐增大 B. 逐渐减小 C. 先增大后减小 D. 先减小后增大 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】设PQ的水平距离为L,由运动学公式可知 可得 可知时,t 有最小值,故当从由30°逐渐增大至60°时下滑时间t先减小后增大。 故选D。 2. “旋转纽扣”是一种传统游戏。如图,先将纽扣绕几圈,使穿过纽扣的两股细绳拧在一起,然后用力反复拉绳的两端,纽扣正转和反转会交替出现。拉动多次后,纽扣绕其中心的转速可达50r/s,此时纽扣上距离中心1cm处的点向心加速度大小约为() A. 10m/s2 B. 100m/s2 C. 1000m/s2 D. 10000m/s2 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】纽扣在转动过程中 由向心加速度 故选C。 3. 两足够长直导线均折成直角,按图示方式放置在同一平面内,EO与在一条直线上,与OF在一条直线上,两导线相互绝缘,通有相等的电流I,电流方向如图所示。若一根无限长直导线通过电流I时,所产生的磁场在距离导线d处的磁感应强度大小为B,则图中与导线距离均为d的M、N两点处的磁感应强度大小分别为() A. B、0 B. 0、2B C. 2B、2B D. B、B 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】两直角导线可以等效为如图所示的两直导线,由安培定则可知,两直导线分别在M处的磁感应强度方向为垂直纸面向里、垂直纸面向外,故M处的磁感应强度为零;两直导线在N处的磁感应强度方向均垂直纸面向里,故N处的磁感应强度为2B;综上分析B正确。 故选B。 4. 如图,一个原子核X经图中所示的一系列、衰变后,生成稳定的原子核Y,在此过程中放射出电子的总个数为() A. 6 B. 8 C. 10 D. 14 【答案】A 【

2022年普通高等学校招生全国统一考试(全国乙卷) 理科综合 物理-【高考解码】高考真题汇编试卷物理

2022年普通高等学校招生全国统一考试(全国甲卷) 理科综合 物理-【高考解码】高考真题汇编试卷物理

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2021年高考全国甲卷物理真题及解析doc

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PAGE20 / NUMPAGES20 2021年普通高等学校招生全国统一考试(甲卷)及解析 理科综合能力测试·物理部分 二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共8分。在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。 1. 如图,将光滑长平板的下端置于铁架台水平底座上的挡板P处,上部架在横杆上。横杆的位置可在竖直杆上调节,使得平板与底座之间的夹角θ可变。将小物块由平板与竖直杆交点Q处静止释放,物块沿平板从Q点滑至P点所用的时间t与夹角θ的大小有关。若由30°逐渐增大至60°,物块的下滑时间t将() A. 逐渐增大 B. 逐渐减小 C. 先增大后减小 D. 先减小后增大 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】设PQ的水平距离为L,由运动学公式可知 可得 可知时,t 有最小值,故当从由30°逐渐增大至60°时下滑时间t先减小后增大。 故选D。 2. “旋转纽扣”是一种传统游戏。如图,先将纽扣绕几圈,使穿过纽扣的两股细绳拧在一起,然后用力反复拉绳的两端,纽扣正转和反转会交替出现。拉动多次后,纽扣绕其中心的转速可达50r/s,此时纽扣上距离中心1cm处的点向心加速度大小约为() A. 10m/s2 B. 100m/s2 C. 1000m/s2 D. 10000m/s2 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】纽扣在转动过程中 由向心加速度 故选C。 3. 两足够长直导线均折成直角,按图示方式放置在同一平面内,EO与在一条直线上,与OF在一条直线上,两导线相互绝缘,通有相等的电流I,电流方向如图所示。若一根无限长直导线通过电流I时,所产生的磁场在距离导线d处的磁感应强度大小为B,则图中与导线距离均为d的M、N两点处的磁感应强度大小分别为() A. B、0 B. 0、2B C. 2B、2B D. B、B 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】两直角导线可以等效为如图所示两直导线,由安培定则可知,两直导线分别在M处的磁感应强度方向为垂直纸面向里、垂直纸面向外,故M处的磁感应强度为零;两直导线在N处的磁感应强度方向均垂直纸面向里,故M处的磁感应强度为2B;综上分析B正确。 故选B。 4. 如图,一个原子核X经图中所示的一系列、衰变后,生成稳定的原子核Y,在此过程中放射出电子的总个数为() A. 6 B. 8 C. 10 D. 14 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】由图分析可知,核反应方程为 设经过次衰变,次衰变。由电荷数与质量数守恒可得 ; 解得 , 故放出6个电子 故选A。 5. 2021年2月,执行我国火星探测任务的“天问一号”探测器在成功实施三次近火制动后,进入运行周期约为1.8×105s的椭圆形停泊轨道,轨道与火星表面的最近距离约为2.8×105m。已知火星半径约为3.4×106m,火星表面处自由落体的加速度大小约为3.7m/s2,则“天问一号”的停泊轨道与火星表面的最远距离约为() A. 6×105m B. 6×106m C. 6×107m D. 6×108m 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】忽略火星自转则 ① 可知 设与为1.8×105s的椭圆形停泊轨道周期相同的圆形轨道半径为,由万引力提供向心力可知 ② 设近火点到火星中心为 ③ 设远火点到火星中心为 ④ 由开普勒第三定律可知 ⑤ 由以上分析可得 故选C。 6. 某电场的等势面如图所示,图中a、b、c、d、e为电场中的5个点,则() A. 一正电荷从b点运动到e点,电场力做正功 B. 一电子从a点运动到d点,电场力做功为4eV C. b点电场强度垂直于该点所在等势面,方向向右 D. a、b、c、d四个点中,b点的电场强度大小最大 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】A.由图象可知 φb = φe 则正电荷从b点运动到e点,电场力不做功,A错误; B.由图象可知 φa = 3V,φd = 7V 根据电场力做功与电势能的变化关系有 Wad = Epa – Epd = (φa – φd)?( – e) = 4eV B正确; C.沿电场线方向电势逐渐降低,则b点处的场强方向向左,C错误; D.由于电场线与等势面处处垂直,则可画出电场线分布如下图所示 由上图可看出,b点电场线最密集,则b点处的场强最大,D正确。 故选BD。 7. 一质量为m的物体自倾角为的固定斜面底端沿斜面向上滑动。该物体开始滑动时的动能为,向上滑动一段距离后速度减小为零,此后物体向下滑动,到达斜面底端时动能为。已知,重力加速度大小为g。则() A. 物体向上滑动的距离为 B. 物体向下滑动时的加速度大小为 C. 物体与斜面间的动摩擦因数等于0.5 D. 物体向上滑动所用的时间比向下滑动的时间长 【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】AC.物体从斜面底端回到斜面底端根据动能定理有 物体从斜面底端到斜面顶端根据动能定理有 整理得 ; A错误,C正确; B.物体向下滑动时的根据牛顿第二定律有 求解得出 B正确; D.物体向上滑动时的根据牛顿第二定律有 物体向下滑动时的根据牛顿第二定律有 由上式可知 a上

a下 由于上升过程中的末速度为零,下滑过程中的初速度为零,且走过相同的位移,根据公式 则可得出 D错误。 故选BC。 8. 由相同材料的导线绕成边长相同的甲、乙两个正方形闭合线圈,两线圈的质量相等,但所用导线的横截面积不同,甲线倍。现两线圈在竖直平面内从同一高度同时由静止开始下落,一段时间后进入一方向垂直于纸面的匀强磁场区域,磁场的上边界水平,如图所示。不计空气阻力,已知下落过程中线圈始终平行于纸面,上、下边保持水平。在线圈下边进入磁场后且上边进入磁场前,可能出现的是() A. 甲和乙都加速运动 B. 甲和乙都减速运动 C. 甲加速运动,乙减速运动 D. 甲减速运动,乙加速运动 【答案】AB 【解析】 【分析】 【详解】设线圈到磁场的高度为h,线圈的边长为l,则线圈下边刚进入磁场时,有 感应电动势为 两线圈材料相等(设密度为),质量相同(设为),则 设材料的电阻率为,则线圈电阻 感应电流为 安培力为 由牛顿第二定律有 联立解得 加速度和线圈的匝数、横截面积无关,则甲和乙进入磁场时,具有相同的加速度。当时,甲和乙都加速运动,当时,甲和乙都减速运动,当时都匀速。 故选AB。 三、非选择题:第9~12题为必考题,每个试题考生都必须作答。第13~16题为选考题,考生根据要求作答。 (一)必考题 9. 为测量小铜块与瓷砖表面间的动摩擦因数,一同学将贴有标尺的瓷砖的一端放在水平桌面上,形成一倾角为的斜面(已知sin=0.34,cos=0.94),小铜块可在斜面上加速下滑,如图所示。该同学用手机拍摄小铜块的下滑过程,然后解析视频记录的图像,获得5个连续相等时间间隔(每个时间间隔?T=0.20s)内小铜块沿斜面下滑的距离si(i=1,2,3,4,5),如下表所示。 s1 s2 s3 s4 s5 5.87cm 7.58cm 9.31cm 11.02cm 12.74cm 由表中数据可得,小铜块沿斜面下滑的加速度大小为___________m/s2,小铜块与瓷砖表面间的动摩擦因数为___________。(结果均保留2位有效数字,重力加速度大小取9.80m/s2) 【答案】 (1). 0.43 (2). 0.32 【解析】 【分析】 详解】[1]根据逐差法有 代入数据可得小铜块沿斜面下滑的加速度大小 [2]对小铜块受力分析根据牛顿第二定律有 代入数据解得 10. 某同学用图(a)所示电路探究小灯泡的伏安特性,所用器材有: 小灯泡(额定电压2.5V,额定电流0.3A) 电压表(量程300mV,内阻300) 电流表(量程300mA,内阻0.27) 定值电阻R0 滑动变阻器R1(阻值0-20) 电阻箱R2(最大阻值9999.9) 电源E(电动势6V,内阻不计) 开关S、导线若干。 完成下列填空: (1)有3个阻值分别为10、20、30的定值电阻可供选择,为了描绘小灯泡电流在0~300mA的U-I曲线应选取阻值为___________的定值电阻; (2)闭合开关前,滑动变阻器的滑片应置于变阻器的___________(填“a”或“b”)端; (3)在流过电流表的电流较小时,将电阻箱R2的阻值置零,改变滑动变阻器滑片的位置,读取电压表和电流表的示数U、I,结果如图(b)所示。当流过电流表的电流为10mA时,小灯泡的电阻为___________(保留1位有效数字); (4)为使得电压表满量程时对应于小灯泡两端的电压为3V,该同学经计算知,应将R2的阻值调整为_______。然后调节滑动变阻器R1,测得数据如下表所示: U/mV 24.0 46.0 76.0 110.0 128.0 152.0 184.0 216.0 250.0 I/mA 140.0 160.0 180.0 2000 220.0 240.0 260.0 2800 300.0 (5)由图(b)和上表可知,随流过小灯泡电流的增加,其灯丝的电阻___________(填“增大”“减小”或“不变”); (6)该同学观测到小灯泡刚开始发光时流过电流表的电流为160mA,可得此时小灯泡电功率W1=_______W(保留2位有效数字);当流过电流表的电流为300mA时,小灯泡的电功率为W2,则=_______(保留至整数)。 【答案】 (1). 10 (2). a (3). 0.7 (4). 2700 (5). 增大 (6). 0.074 (7). 10 【解析】 【分析】 【详解】(1)[1]因为小灯泡额定电压2.5V,电动势6V,则滑动滑动变阻器时,为了保证电路安全,需要定值电阻分担的电压 则有 则需要描绘小灯泡在0~300mA的伏安特性曲线]为了保护电路,滑动变阻器的滑片应置于变阻器的a端; (3)[3]由图可知当流过电流表的电流为10mA时,电压为7mV,则小灯泡的电阻为 (4)[4]由题知电压表满量程时对应于小灯泡两端的电压为3V时,有 解得 (5)[5]由图(b)和表格可知流过小灯泡电流增加,图像中变大,则灯丝的电阻增大; (6)[6]根据表格可知当电流为160mA时,电压表的示数为46mA,根据(4)的分析可知此时小灯泡两端电压为0.46A,则此时小灯泡电功率 W1=0.46V×0.16A≈0.074W [7]同理可知当流过电流表的电流为300mA时,小灯泡两端电压为2.5V,此时小灯泡电功率 W2=2.5V×0.3A=0.75W 故有 11. 如图,一倾角为的光滑斜面上有50个减速带(图中未完全画出),相邻减速带间的距离均为d,减速带的宽度远小于d;一质量为m的无动力小车(可视为质点)从距第一个减速带L处由静止释放。已知小车通过减速带损失的机械能与到达减速带时的速度有关。观察发现,小车通过第30个减速带后,在相邻减速带间的平均速度均相同。小车通过第50个减速带后立刻进入与斜面光滑连接的水平地面,继续滑行距离s后停下。已知小车与地面间的动摩擦因数为,重力加速度大小为g。 (1)求小车通过第30个减速带后,经过每一个减速带时损失的机械能; (2)求小车通过前30个减速带的过程中在每一个减速带上平均损失的机械能; (3)若小车在前30个减速带上平均每一个损失的机械能大于之后每一个减速带上损失的机械能,则L应满足什么条件? 【答案】(1);(2);(3) 【解析】 【分析】 【详解】(1)由题意可知小车在光滑斜面上滑行时根据牛顿第二定律有 设小车通过第30个减速带后速度为v1,到达第31个减速带时的速度为v2,则有 因为小车通过第30个减速带后,在相邻减速带间的平均速度均相同,故后面过减速带后的速度与到达下一个减速带均为v1和v2;经过每一个减速带时损失的机械能为 联立以上各式解得 (2)由(1)知小车通过第50个减速带后的速度为v1,则在水平地面上根据动能定理有 从小车开始下滑到通过第30个减速带,根据动能定理有 联立解得 故在每一个减速带上平均损失的机械能为 (3)由题意可知 可得 12. 如图,长度均为l的两块挡板竖直相对放置,间距也为l,两挡板上边缘P和M处于同一水平线上,在该水平线的上方区域有方向竖直向下的匀强电场,电场强度大小为E;两挡板间有垂直纸面向外、磁感应强度大小可调节的匀强磁场。一质量为m,电荷量为q(q

0)的粒子自电场中某处以大小为v0的速度水平向右发射,恰好从P点处射入磁场,从两挡板下边缘Q和N之间射出磁场,运动过程中粒子未与挡板碰撞。已知粒子射入磁场时的速度方向与PQ的夹角为60°,不计重力。 (1)求粒子发射位置到P点的距离; (2)求磁感应强度大小的取值范围; (3)若粒子正好从QN的中点射出磁场,求粒子在磁场中的轨迹与挡板MN的最近距离。 【答案】(1) ;(2) ;(3)粒子运动轨迹见解析, 【解析】 【分析】 【详解】(1)带电粒子在匀强电场中做类平抛运动,由类平抛运动规律可知 ① ② 粒子射入磁场时的速度方向与PQ的夹角为60°,有 ③ 粒子发射位置到P点的距离 ④ 由①②③④式得 ⑤ (2)带电粒子在磁场运动在速度 ⑥ 带电粒子在磁场中运动两个临界轨迹(分别从Q、N点射出)如图所示 由几何关系可知,最小半径 ⑦ 最大半径 ⑧ 带电粒子在磁场中做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供,由向心力公式可知 ⑨ 由⑥⑦⑧⑨解得,磁感应强度大小的取值范围 (3)若粒子正好从QN的中点射出磁场时,带电粒子运动轨迹如图所示。 由几何关系可知 ⑩ 带电粒子的运动半径为 ? 粒子在磁场中的轨迹与挡板MN的最近距离 ? 由⑩??式解得 ? (二)选考题: [物理——选修3-3] 13. 如图,一定量的理想气体经历的两个不同过程,分别由体积-温度(V-t)图上的两条直线分别为两直线与纵轴交点的纵坐标;t0为它们的延长线与横轴交点的横坐标,t0是它们的延长线与横轴交点的横坐标,t0=-273.15℃;a、b为直线I上的一点。由图可知,气体在状态a和b的压强之比=___________;气体在状态b和c的压强之比=___________。 【答案】 (1). 1 (2). 【解析】 【分析】 【详解】[1]根据盖吕萨克定律有 整理得 由于体积-温度(V-t)图像可知,直线I为等压线,则a、b两点压强相等,则有 [2]设时,当气体体积为 其压强为 ,当气体体积为 其压强为,根据等温变化,则有 由于直线I和Ⅱ各为两条等压线,则有 , 联立解得 14. 如图,一汽缸中由活塞封闭有一定量的理想气体,中间的隔板将气体分为A、B两部分;初始时,A、B的体积均为V,压强均等于大气压p0,隔板上装有压力传感器和控制装置,当隔板两边压强差超过0.5p0时隔板就会滑动,否则隔板停止运动。气体温度始终保持不变。向右缓慢推动活塞,使B的体积减小为。 (i)求A的体积和B的压强; (ⅱ)再使活塞向左缓慢回到初始位置,求此时A的体积和B的压强。 【答案】(i),;(ⅱ), 【解析】 【分析】 【详解】(i)对B气体分析,等温变化,根据波意耳定律有 解得 对A气体分析,根据波意耳定律有 联立解得 (ⅱ)再使活塞向左缓慢回到初始位置,假设隔板不动,则A的体积为,由波意耳定律可得 则A此情况下的压强为 则隔板一定会向左运动,设稳定后气体A的体积为、压强为,气体B的体积为、 压强为,根据等温变化有 , , 联立解得 (舍去), [物理——选修3-4] 15. 如图,单色光从折射率n=1.5、厚度d=10.0cm的玻璃板上表面射入。已知真空中的光速为m/s,则该单色光在玻璃板内传播的速度为___________m/s;对于所有可能的入射角,该单色光通过玻璃板所用时间t的取值范围是___________s≤t

0),质点A位于波峰。求 (i)从t1时刻开始,质点B最少要经过多长时间位于波峰; (ii)t1时刻质点B偏离平衡位置的位移。 【答案】(i)0.8s;(ii)-0.5cm 【解析】 【分析】 【详解】(i)因为波长大于20cm,所以波的周期 由题可知,波的周期是 波的波长 在t1时刻(t1

0),质点A位于波峰。因为AB距离小于一个波长,B到波峰最快也是A的波峰传过去,所以 从t1时刻开始,质点B运动到波峰所需要的最少时间 (ii)在t1时刻(t1

GB T 32610-2016_日常防护型口罩技术规范_高清版_可检索.pdf

2021年高考全国甲卷物理高考真题解析-全国真题解析(参考版)

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2021年高考全国甲卷物理试题 二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共8分。在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。 1. 如图,将光滑长平板的下端置于铁架台水平底座上的挡板P处,上部架在横杆上。横杆的位置可在竖直杆上调节,使得平板与底座之间的夹角θ可变。将小物块由平板与竖直杆交点Q处静止释放,物块沿平板从Q点滑至P点所用的时间t与夹角θ的大小有关。若由30°逐渐增大至60°,物块的下滑时间t将() A. 逐渐增大 B. 逐渐减小 C. 先增大后减小 D. 先减小后增大 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】设PQ的水平距离为L,由运动学公式可知 可得 可知时,t 有最小值,故当从由30°逐渐增大至60°时下滑时间t先减小后增大。 故选D。 2. “旋转纽扣”是一种传统游戏。如图,先将纽扣绕几圈,使穿过纽扣的两股细绳拧在一起,然后用力反复拉绳的两端,纽扣正转和反转会交替出现。拉动多次后,纽扣绕其中心的转速可达50r/s,此时纽扣上距离中心1cm处的点向心加速度大小约为() A. 10m/s2 B. 100m/s2 C. 1000m/s2 D. 10000m/s2 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】纽扣在转动过程中 由向心加速度 故选C。 3. 两足够长直导线均折成直角,按图示方式放置在同一平面内,EO与在一条直线上,与OF在一条直线上,两导线相互绝缘,通有相等的电流I,电流方向如图所示。若一根无限长直导线通过电流I时,所产生的磁场在距离导线d处的磁感应强度大小为B,则图中与导线距离均为d的M、N两点处的磁感应强度大小分别为() A. B、0 B. 0、2B C. 2B、2B D. B、B 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】两直角导线可以等效为如图所示的两直导线,由安培定则可知,两直导线分别在M处的磁感应强度方向为垂直纸面向里、垂直纸面向外,故M处的磁感应强度为零;两直导线在N处的磁感应强度方向均垂直纸面向里,故N处的磁感应强度为2B;综上分析B正确。 故选B。 4. 如图,一个原子核X经图中所示的一系列、衰变后,生成稳定的原子核Y,在此过程中放射出电子的总个数为() A. 6 B. 8 C. 10 D. 14 【答案】A 【解

上海市第三女子中学2021-2022学年高一下学期期末线上评估物理试题

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2021年全国高考物理真题试卷及解析(全国甲卷)

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免费在线年全国高考物理真题试卷及解析 (全国甲卷) 一、选择题:本题共8 小题,每小题6分,共48 分。在每小题给出的四个选项中,第1~5 题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不 全的得3 分,有选错的得0分。 1.如图,将光滑长平板的下端置于铁架台水平底座上的挡板 处,上部架在横杆上。横杆 P 的位置可在竖直杆上调节,使得平板与底座之间的夹角 可变。将小物块由平板与竖直杆交  Q Q t 点 处静止释放,物块沿平板从 点滑至 点所用的时间 与夹角 的大小有关。若由 P  30 逐渐增大至 ,物块的下滑时间 将t ( ) 60 A.逐渐增大 B.逐渐减小 C.先增大后减小 D.先减小后增大 2.“旋转纽扣”是一种传统游戏。如图,先将纽扣绕几圈,使穿过纽扣的两股细绳拧在一起, 然后用力反复拉绳的两端,纽扣正转和反转会交替出现。拉动多次后,纽扣绕其中心的转速 可达 ,此时纽扣上距离中心 处的点向心加速度大小约为( ) 50r/s 1cm A.10m/s2 B.100m/s2 C.1000m/s2 D.10000m/s2 3.两足够长直导线均折成直角,按图示方式放置在同一平面内, 与OQ 在一条直线上, EO 与 在一条直线上,两导线相互绝缘,通有相等的电流 ,电流方向如图所示。若一I PO OF 根无限长直导线通过电流 时,所产生的磁场在距离导线 处的磁感应强度大小为 ,则 I d B 图中与导线距离均为 的 、 两点处的磁感应强度大小分别为( ) d M N A. 、0 B.0、 C. 、 D. 、 B 2B 2B 2B B B a  4.如图,一个原子核 经图中所示的一系列 、 衰变后,生成稳定的原子核 ,在此过 X Y 程中放射出电子的总个数为( ) A.6 B.8 C.10 D.14 5.2021年2 月,执行我国火星探测任务的“天问一号”探测器在成功实施三次近火制动后, 进入运行周期约为 5 的椭圆形停泊轨道,轨道与火星表面的最近距离约为 5 。 1.810 s 2.810 m 已知火星半径约为 6 ,火星表面处自由落体的加速度大小约为 2 ,则 “天问 3.410 m 3.7m/s 一号”的停泊轨道与火星表面的最远距离约为( ) A. 5 B. 6 C. 7 D. 8 610 m 610 m 610 m 610 m a c e ( ) 6.某电场的等势面如图所示,图中 、 、 、 、 为电场中的5个点,则 b d e A.一正电荷从 点运动到 点,电场力做正功 b a B.一电子从 点运动到 点,电场力做功为 d 4eV C. 点电场强度垂直于该点所在等势面,方向向右 b a c D. 、 、 、 四个点中, 点的电场强度大小最大 b d b m  7.一质量为 的物体自倾角为 的固定斜面底端沿斜面向上滑动。该物体开始滑动时的动 E E k 能为 ,向上滑动一段距离后速度减小为零,此后物体向下滑动,到达斜面底端时动能为 。 k 5 已知 ,重力加速度大小为 。则( ) sin 0.6 g E A.物体向上滑动的距离为 k 2mg g B.物体向下滑动时的加速度大小为 5 C.物体与斜面间的动摩擦因数等于0.5 D.物体向上滑动所用的时间比向下滑动的时间长 8.由相同材料的导线绕成边长相同的甲、乙两个正方形闭合线圈,两线圈的质量相等,但 所用导线的横截面积不同,甲线 倍。现两线圈在竖直平面内从同一高度同 时由静止开始下落,一段时间后进入一方向垂直于纸面的匀强磁场区域,磁场的上边界水平, 如图所示。不计空气阻力,已知下落过程中线圈始终平行于纸面,上、下边保持水平。在线 圈下边进入磁场后且上边进入磁场前,可能出现的是( ) A.甲和乙都加速运动 B.甲和乙都减速运动 C.甲加速运动,乙减速运动 D.甲减速运动,乙加速运动 二、非选择题:(一)必考题。 9.(5 分)为测量小铜块与瓷砖表面间的动摩擦因数,一同学将贴有标尺的瓷砖的一端放在  cos 0.94) 水平桌面上,形成一倾角为 的斜面 (已知sin 0.34 , ,小铜块可在斜面上 加速下滑,如图所示。该同学用手机拍摄小铜块的下滑过程,然后解析视频记录的图像,获 得5个连续相等时间间隔 (每个时间间隔△T 0.20s) 内小铜块沿斜面下滑的距离s (i 1i , 5) 2,3,4, ,如表所示。 S S S S S 1 2 3 4 5 5.87cm 7.58cm 9.31cm 11.02cm 12.74cm 由表中数据可得,小铜块沿斜面下滑的加速度大小为 m/s2 ,小铜块与瓷砖表面间的动 2 摩擦因数为 。(结果均保留2 位有效数字,重力加速度大小取9.80m/s ) 10.(10 分)某同学用图 (a)所示电路探究小灯泡的伏安特性,所用器材有:小灯泡 (额 定电压2.5V ,额定电流0.3A) 、电压表 (量程300mV ,内阻300) 、电流表 (量程300mA , 0.27) R R 0 20) R 9999.9) 内阻 定值电阻 、滑动变阻器 (阻值 、电阻箱 (最大阻值 、 0 1 2 电源 (电动势 ,内阻不计)、开关 、导线若干。完成下列填空: E 6V S (1)有3 个阻值分别为10 、20 、30 的定值电阻可供选择,为了描绘小灯泡电流在 R 的 曲线, 应选取阻值为  的定值电阻; 0 300mA UI 0 a ) (2)闭合开关前,滑动变阻器的滑片应置于变阻器的 (填 “ ”或 “ ” 端; b R (3)在流过电流表的电流较小时,将电阻箱 的阻值置零,改变滑动变阻器滑片的位置, 2 读取电压表和电流表的示数 、 ,结果如图 (b)所示。当流过电流表的电流为I 时, U 10mA 小灯泡的电阻为  (保留1位有效数字); R (4)为使得电压表满量程时对应于小灯泡两端的电压为 ,该同学经计算知,应将 的 3V 2 R 阻值调整为  。然后调节滑动变阻器 ,测得数据如表所示: 1 U/ mV 24.0 46.0 76.0 110.0 128.0 152.0 184.0 216.0 250.0 I /mA 140.0 160.0 180.0 200.0 220.0 240.0 260.0 280.0 300.0 (5)由图 (b)和表格数据可知,随着流过小灯泡电流的增加,其灯丝的电阻 (填 “增 大”“减小”或 “不变” ;) (6)该同学观测到小灯泡刚开始发光时流过电流表的电流为160mA ,可得此时小灯泡电功 率W1 W (保留2 位有效数字);当流过电流表的电流为300mA 时,小灯泡的电功率 W W 2 为 ,则 (保留至整数)。 2 W 1 11.(12 分)如图,一倾角为 的光滑斜面上有50 个减速带 (图中未完全画出),相邻减速  m 带间的距离均为 ,减速带的宽度远小于 ;一质量为 的无动力小车 (可视为质点)从 d d 距第一个减速带 处由静止释放。已知小车通过减速带损失的机械能与到达减速带时的速度 L 有关。观察发现,小车通过第30个减速带后,在相邻减速带间的平均速度均相同。小车通 s 过第50 个减速带后立刻进入与斜面光滑连接的水平地面,继续滑行距离 后停下。已知小 车与地面间的动摩擦因数为 ,重力加速度大小为 。  g (1)求小车通过第30 个减速带后,经过每一个减速带时损失的机械能; (2)求小车通过前30 个减速带的过程中在每一个减速带上平均损失的机械能; (3)若小车在前30个减速带上平均每一个损失的机械能大于之后每一个减速带上损失的机 械能,则 应满足什么条件? L 12.(20 分)如图,长度均为 的两块挡板竖直相对放置,间距也为 ,两挡板上边缘 和 l l P M 处于同一水平线上,在该水平线的上方区域有方向竖直向下的匀强电场,电场强度大小为 ; E m 两挡板间有垂直纸面向外、磁感应强度大小可调节的匀强磁场。一质量为 ,电荷量为 q(q  0) v 的粒子自电场中某处以大小为 的速度水平向右发射,恰好从 点处射入磁场,从 0 P Q 两挡板下边缘 和 之间射出磁场,运动过程中粒子未与挡板碰撞。已知粒子射入磁场时 N PQ 的速度方向与 的夹角为 ,不计重力。 60 (1)求粒子发射位置到 点的距离; P (2)求磁感应强度大小的取值范围; QN (3)若粒子正好从 的中点射出磁场,求粒子在磁场中的轨迹与挡板MN 的最近距离。 (二)选考题: [物理——选修3-3] (15分) 13.(1)(5 分)如图,一定量的理想气体经历的两个不同过程,分别由体积 温度(Vt) 图  V V t 上的两条直线Ⅰ和Ⅱ表示, 和 分别为两直线与纵轴交点的纵坐标, 是它们的延长线C a a 与横轴交点的横坐标,0 ; 为直线Ⅰ上的一点。由图可知,气体在状态 和b pa pb c 的 压 强 之 比 ; 气 体 在 状 态 和 的 压 强 之 比 。 b pb pc (2)(10 分)如图,一汽缸中由活塞封闭有一定量的理想气体,中间的隔板将气体分为 、 A P 两部分;初始时, 、 的体积均为 ,压强均等于大气压 。隔板上装有压力传感器 B A B V 0 和控制装置,当隔板两边压强差超过0.5p0 时隔板就会滑动,否则隔板停止运动。气体温度 V 始终保持不变。向右缓慢推动活塞,使 的体积减小为 。 B 2 (ⅰ)求 的体积和 的压强; A B (ⅱ)再使活塞向左缓慢回到初始位置,求此时 的体积和 的压强。 A B [物理——选修3-4] (15分) 14.(1)(5 分)如图,单色光从折射率n 1.5 、厚度d 10.0cm 的玻璃板上表面射入。已 知线 ,则该单色光在玻璃板内传播的速度为 m/s ;对于所有 3.010 m/s 可能的入射角,该单色光通过玻璃板所用时间 的取值范围是t s „t  s (不考虑反射)。 x x 16cm (2)(10 分)均匀介质中质点 、 的平衡位置位于 轴上,坐标分别为0和 。 A B B x y 1cm 某简谐横波沿 轴正方向传播,波速为v 20cm/s ,波长大于20cm ,振幅为 ,且 传播时无衰减。 时刻 、 偏离平衡位置的位移大小相等、方向相同,运动方向相反, t 0 A B 此后每隔△t 0.6s两者偏离平衡位置的位移大小相等、方向相同。已知在 时刻t (t  0) , 1 1 质点 位于波峰。求: A (ⅰ)从 时刻开始,质点 最少要经过多长时间位于波峰;t 1 B (ⅱ) 时刻质点 偏离平衡位置的位移。t 1 B 参 一、选择题 1.D 【解析】在调节横杆位置的过程中,尽管 可变,但是小物块始终从交点 处静止释放, 在水平面的投影长度一定。设 点到竖直杆的距离为 ,物块下滑的位移为 ,下滑的加速 = cos 度为 ,物块只受重力 和支持力 ,垂直于长平板方向,有 ,平行于长平板 方向有sin= ,则物块的加速度= sin根据几何关系,物块下滑的位移为= 1 1 2 4 ,由= 得 = ,则当= 45°时最小,则下滑时间先减小后增大,故 正确。 D cos 2 sin2 2 2 = (2) = 50r/s = 0.01m 2.C 【解析】圆周运动向心加速度 = ,由题干信息知 , 1000m/s2 代入数据可得 接近 ,故 正确。 C 3.B 【解析】根据题给信息可知,一根无限长直导线通过电流 时,所产生的磁场在距离导 线 处的磁感应强度大小为 ,题图可等效成两根无限且相互绝缘的长直通电导线 结合安培定则和矢量叠加原理可以判定 两点处的磁感应强度大小分别为 和 ,故B 正确。 X Y 【解析】根据题图可得 原子核质子数为 ,中子数为 ,则质量数为 ; 原 4.A 92 146 238 α 子核质子数为 ,中子数为 ,则质量数为 ,根据原子核经过一次 衰变电荷数减小 82 124 206 ,质量数减小 ,一次β衰变后电荷数增加 ,质量数不变,写出衰变方程为238X → 206Y + 2 4 1 92 82 4 0 8 He +6 e,故此过程中放射出 个电子,故 正确。 2 −1 6 A 5.C 【解析】由开普勒第三定律可知,绕同一中心天体运转的所有行星的轨道半长轴的三 3 次方跟它的公转周期的二次方的比值都相等,即 = 对于椭圆形停泊轨道的半长轴= + ,设探测器在火星表面运行的周期为 ,在椭圆形停泊轨道运行时的周期为 , 1 2 2 3 3 2 3 2 4 则 2 = 2,在火星表面有 = 2 ,联立得= ,则最远距离= 2− 2−, 2 2 1 4 7 计算结果接近6 ×10 m,故 正确。 C = 5V 6.BD 【解析】根据题图可知 = ,故一正电荷从 点运动到 点,电场力做功为零, − 错误;一电子从 点运动到 点,电场力做功 = = ( − ∙ ( ) = 4 eV, 正 A B 确;根据电场线与等势面处处垂直的关系可知, 点电场强度与该点所在等势面垂直,方向 由高电势指向低电势,即方向向左, 错误;题图所示为等差等势面,等差等势面的疏密可 C 表示电场强度的大小,即等差等势面密集处,电场强度大;反之电场强度小, 四个点中, 点处的等差等势面最密集,即 点的电场强度最大, 正确。 D 1 7.BC 【解析】从物体自底端上滑到物体返回底端过程由动能定理可得−2 = −, k k 5 2 = 得= ;物体上滑过程有−( + ∙= 0 − ,联立可得 , 错误;物体 A 5 2 − 5 下滑的加速度大小= = , 正确;由= cos得= = = 0.5, B 5 cos ×0.8 + 1 = = = = C 正确;物体上滑的加速度大小 , k1 k, k2 k,则物体上滑的初 5 1 5 1 速度与下滑的末速度之比 = = ,由= 可得物体上滑和下滑的运动时间之比 = 2 5 2 5 × =

+ 30 30 【解析】 小车通过第 个减速带后,在相邻减速带间的平均速度均相同,故经过每一个 (1) 30 减速带时损失的机械能等于在相邻减速带间运动减小的重力势能∆= 。 1 2 = 2 (2)小车在水平地面上有−=− ,解得 ,小车通过前30 个减速带的过程 2 1 2 − 中,损失的机械能为∆ 30 = (29+ ,在每一个减速带上平均损失的机械 2 ∆0 (29 能为∆= ,解得∆= − 。 1 1 30 30 30 若使小车在前 个减速带上平均每一个损失的机械能大于之后每一个减速带上损失的机 (3) 30 械能,则应满足∆

∆解得

+ 。 1 2 130 20 20 39−10 3 12.(1) (2)

(3) (3+ ) 44 6 3 1 2 = 【解析】(1)粒子在电场中做类平抛运动,沿电场方向有 ,= , = ,垂直 2 2 2 = = = = + 电场方向有 0 ,又 tan60°, sin60°, ,解得粒子发射位置到 点的距 2 离= 130 。 6 2 (2)粒子在磁场中做圆周运动,由洛伦兹力提供向心力可得= ,小时大,粒子 3

从 点射出磁场;最大时 最小,粒子从 点射出磁场,如图所示,由几何知识可得 3 20 20 ( 3 + 1)联立解得磁感应强度大小的取值范围为

λ ()(i) 时刻质点 位于波峰,波长 , ,则 时刻后质点 第一次到达波 2 1 1 峰时,波传播的距离为 = 16 cm,经历的时间 = ,解得 = 0.8 s。 = 2∆ = 1.2s λ = λ = 24 cm (ii)由题意知,该波的传播周期 ,则波长 ,可得 ,质点 位 于= 16 cm 处, 时刻的波形图如图所示, 1 4 则= 16 cm 处,=cos =− 0.5cm。 3

GB T 32610-2016_日常防护型口罩技术规范_高清版_可检索.pdf